已知函式f x x 1,g x a x

時間 2021-09-16 01:11:05

1樓:潮倫惲娟

解(1)判斷f(x)的奇偶性.

因為函式f(x)的定義域為(-∞,

∞),且

f(-x)=(a^(-x)-1)/(a^(-x)1)=(1-a^x)/(1

a^x)

=-(a^x-1)/(a^x

1)=-f(x),

所以,f(x)是奇函式.

(2)求f(x)的值域.

因為01-2/(0

1)=-1,

f(x)=(a^x-1)/(a^x

1)=1-2/(a^x

1)<1,

因此,f(x)的值域為(-1,1).

(3)討論f(x)的單調性.

(i)當a>1時

設x1,x2是(0,

∞)內的任意兩點,且x10,

所以,f(x)在(0,

∞)內單調遞減.

由(2)知,f(x)是奇函式,所以f(x)在(-∞,0)內也單調遞減.

因此,當a>1時,f(x)在(-∞,

∞)內單調遞減.

(ii)當0a^x2,於是

f(x1)-f(x2)=(1-a^x1)/(1a^x1)-(1-a^x2)/(1

a^x2)

=[(1-a^x1)(1

a^x2)-(1-a^x2)(1

a^x1)]/[(1

a^x1)(1

a^x2)]

=2(a^x2-a^x1)/[(1

a^x1)(1

a^x2)]<0,

所以,f(x)在(0,

∞)內單調遞增.

由(2)知,f(x)是奇函式,所以f(x)在(-∞,0)內也單調遞增.

因此,當01時,f(x)在(-∞,

∞)內單調遞減.

2樓:卞綠柳充申

:(1)方程|f(x)|=g(x),即|x2-1|=a|x-1|,變形得|x-1|(|x+1|-a)=0,

顯然,x=1已是該方程的根,從而欲原方程只有一解,即要求方程|x+1|=a,

有且僅有一個等於1的解或無解,

結合圖形得a<0.

(2)不等式f(x)≥g(x)對x∈r恆成立,即(x2-1)≥a|x-1|(*)對x∈r恆成立,

①當x=1時,(*)顯然成立,此時a∈r;

②當x≠1時,(*)可變形為

a≤x2-1|x-1|,令

φ(x)=x2-1|x-1|={x+1,(x>1)-(x+1),(x<1)

因為當x>1時,φ(x)>2,當x<1時,φ(x)>-2,

所以φ(x)>-2,故此時a≤-2.

綜合①②,得所求實數a的取值範圍是a≤-2.

(3)因為h(x)=|f(x)|+g(x)=|x2-1|+a|x-1|=

{x2+ax-a-1,(x≥1)-x2-ax+a+1,(-1≤x<1)x2-ax+a-1,(x<-1)(10分)

1當a2>1,即a>22時,結合圖形可知h(x)3在[-2,1]4上遞減,在[1,2]5上遞增,

且h(-2)=3a+3,h(2)=a+3,經比較,此時h(x)在[-2,2]上的最大值為3a+3.

6當0≤a2≤1,即0≤a≤27時,結合圖形可知h(x)8在[-2,-1]9,

[-a2,1]10上遞減,

在[-1,-a2],[1,2]上遞增,且h(-2)=3a+3,h(2)=a+3,

h(-a2)=a24+a+1,

經比較,知此時h(x)在[-2,2]上的最大值為3a+3.

11當-1≤a2<0,即-2≤a<012時,結合圖形可知h(x)13在[-2,-1]14,

[-a2,1]15上遞減,

在[-1,-a2],[1,2]上遞增,且h(-2)=3a+3,h(2)=a+3,

h(-a2)=a24+a+1,

經比較,知此時h(x)在[-2,2]上的最大值為a+3.

16當-32≤a2<-1,即-3≤a<-217時,結合圖形可知h(x)18在

[-2,a2]19,

[1,-a2]20上遞減,

在[a2,1],

[-a2,2]上遞增,且h(-2)=3a+3<0,h(2)=a+3≥0,

經比較,知此時h(x)在[-2,2]上的最大值為a+3.

當a2<-32,即a<-3時,結合圖形可知h(x)在[-2,1]上遞減,在[1,2]上遞增,

故此時h(x)在[-2,2]上的最大值為h(1)=0.

綜上所述,當a≥0時,h(x)在[-2,2]上的最大值為3a+3;

當-3≤a<0時,h(x)在[-2,2]上的最大值為a+3;

當a<-3時,h(x)在[-2,2]上的最大值為0.

已知函式f(x)x 2 1,g(x)a x

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