(數列題)已知數列An滿足A1 P,A n 1 An P n 1n正整數,常數P0I 求數列An的通項公式

時間 2021-08-11 17:52:19

1樓:匿名使用者

a(1)=p>0,

a(n+1)=a(n)+p^(n+1)

若p=1,a(n+1)=a(n)+1,

a(n)=1+(n-1)=n.

若p不等於1.

a(n+1)/p^(n+1)=(1/p)*a(n)/p^n + 1

d(n)=a(n)/p^n

d(n+1)=d(n)/p + 1

d(n+1)+x = d(n)/p + 1 + x =(1/p)[d(n)+p(1+x)],

x=p(1+x),x=p/(1-p)

d(n+1)+p/(1-p)=d(n)/p+1+p/(1-p)=d(n)/p + 1/(1-p) = [d(n)+p/(1-p)]/p

是首項為a(1)/p+p/(1-p)=1+p/(1-p)=1/(1-p),公比為1/p的等比數列.

d(n)+p/(1-p)=1/(1-p)*(1/p)^(n-1)

a(n)/p^n = d(n)= 1/(1-p) * 1/p^(n-1) - p/(1-p)

a(n)=p/(1-p) - p^(n+1)/(1-p)

(ii)

p=2時,

a(n)=2/(1-2)-2^(n+1)/(1-2)=2^(n+1)-2

b(1)=0,

b(n+1)=b(n)+a(n)p^(n+1)=b(n)+[2^(n+1)-2]2^(n+1)=b(n)+4^(n+1)-2^(n+2)

b(n+1)/2^(n+1)=(1/2)b(n)/2^n + 2^(n+1) - 2

e(n)=b(n)/2^n

e(n+1)=e(n)/2 + 2^(n+1) - 2

e(n+1)+x = e(n)/2 + 2^(n+1) - 2 + x = 2^(n+1) + [e(n) + 2(x-2)]/2

x=2(x-2), x=4

e(n+1)+4 = e(n)/2 + 2^(n+1) + 2 = 2^(n+1) + [e(n)+4]/2

[e(n+1)+4]/2^(n+1)=1 +(1/4) [e(n)+4]/2^(n)

[e(n+1)+4]/2^(n+1) - 4/3 = -1/3 + (1/4)[e(n)+4]/2^n = (1/4)

是首項為[e(1)+4]/2 - 4/3 =[b(1)/2 + 4]/2 -4/3=2-4/3=2/3, 公比為1/4的等比數列.

[e(n)+4]/2^n - 4/3 = 2/3*(1/4)^(n-1)

e(n)+4=2^n[4/3 + 2/3*1/4^(n-1)]

b(n)/2^n + 4 = e(n)+4 = 2^n[4+2/4^(n-1)]/3

b(n) + 4*2^n = 4^n[4+2/4^(n-1)]/3 = [4^(n+1) + 8]/3

b(n)=[4^(n+1)+8]/3 - 4*2^n=[4^(n+1)+8 - 12*2^n]/3

=(4/3)[2^n*2^n - 3*2^n + 2]

=(4/3)[2^n-2][2^n-1]

=(2/3)[2^n-2][2^(n+1)-2]

=[(2/3)^(1/2)*2^n - 2(2/3)^(1/2)][(2/3)^(1/2)*2^(n+1) - 2(2/3)^(1/2)]

c(n)=(2/3)^(1/2)*2^n, c = 2(2/3)^(1/2)

2樓:良駒絕影

an-a(n-1)=p^n,則:

a(n-1)-a(n-2)=p^(n-1)……a3-a2=p

a2-a1=1

上述式子相加,得:

an-a1=1+p+p²+p³+…+p^n①若p=1,則:an=n;

②若p≠1,則:an=[p^(n+1)-1]/(p-1)+1;

2、若p=2,則an=2^(n+1)

b(n+1)-bn=4^(n+1)

類似於上一題,累加,得:bn=[4^(n+1)-4]/3=[cn-c][c(n+1)-c]

可以通過計算特殊的幾項確定cn的前幾項,然後來證明得到的cn是滿足要求的。

3樓:匿名使用者

i)a1=p,

a2-a1=p^2,

……an-a=p^n,

累加得an=p+p^2+……+p^n,

ii)p=2時an=2^(n+1)-2.

b1=0,

b2-b1=a1*p^2,

……bn-b=a*p^n,

累加得bn=a1*p^2+a2*p^3+……+a*p^n=(2^2-2)*2^2+(2^3-2)*2^3+……+(2^n-2)*2^n

=2^4+2^6+……+2^(2n)-[2^3+2^4+……+2^(n+1)]

=[2^(2n+2)-2^4]/3-[2^(n+2)-2^3]=[2^(2n+2)-3*2^(n+2)+8]/3待續

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靠譜兒媽媽 根據an an 1 1 n n 1 可知 a1 3 4 1 1 a2 a1 1 2 1 3 1 2 7 2 4 1 2a3 7 2 1 3 2 22 6 11 3 4 1 3a4 11 3 4 3 45 12 15 4 4 1 4所以,我們可以先假設an 4n 1 n 4 1 n,那麼a...