1樓：l煙花2月
以小球為研究物件，小球一共受到兩個力作用：重力，地面對支援力，牆壁對小球沒有彈力，因為小球與牆壁儘管接觸，但沒有擠壓，不存在彈性形變．故選d
如圖所示，細繩豎直拉緊，小球和光滑斜面上接觸，並處於靜止狀態，則小球受到的力是（ ）a．重力、繩
2樓：純潔小歪俐蠴
小球和光滑斜面接觸，受到重力和繩的拉力，斜面對小球沒有彈力．
故選：a．
如圖所示，光滑水平面上，質量為m的小球a和質量為 1 3 m的小球b通過輕質彈簧相連並處於靜止狀
3樓：手機使用者
a、由題，系統的初動能為ek =1 2
mv20
，而系統的機械能守恆，則彈簧的彈性勢能不可能等於mv20．故a錯誤．
b、由於小球c與小球a質量相等，發生彈性正碰，則碰撞後交換速度，若在a與b速度動量相等時，b與擋板碰撞，b碰撞後速度與a大小相等、方向相反，當兩者速度同時減至零時，彈簧的彈性最大，最大值為ep =ek =1 2
mv20
．故b正確．
c、d當b的速度很小（約為零）時，b與擋板碰撞時，當兩球速度相等彈簧的彈性勢能最大，設共同速度為v，則由動量守恆得，
mv0 =（m+1 3
）v，得v=3 4
v0最大的彈性勢能為ep =1 2
mv20
-1 2
?4 3
mv2 =1 8
mv20
則最大的彈性勢能的範圍為1 8
mv20
-1 2
mv20
．故c正確，d錯誤．
故選bc
如圖所示，在光滑水平面上，質量為m的小球a和質量為13m的小球b通過輕彈簧相連並處於靜止狀態，彈簧處於自
4樓：小尛
a、由題可知，系統的初動能為ek=1
2mv0
2，而系統的機械能守恆，則彈簧的彈性勢能不可能等於mv02，故a錯誤．
b、由於小球c與小球a質量相等，發生彈性正碰，則碰撞後交換速度，若在a與b速度動量相等時，b與擋板碰撞，b碰撞後速度與a大小相等、方向相反，當兩者速度同時減至零時，彈簧的彈性最大，最大值為ep=ek=1
2mv0
2，故b正確．
c、當b的速度很小（約為零）時，b與擋板碰撞時，當兩球速度相等彈簧的彈性勢能最大，設共同速度為v，以c的初速度方向為正方向，則由動量守恆定律得：
mv0=（m+1
3m）v，得v=3
4v0，由機械能守恆定律可知，最大的彈性勢能為ep=12mv0
2-12
（m+1
3m）v0
2，解得：ep=1
8mv0
2，則最大的彈性勢能的範圍為1
8mv0
2～12
mv02，故c正確，d錯誤．
故選：bc．
5樓：
初始時刻體系總機械能為 mv0^2/2
c與a完全彈性碰撞後，c靜止
因此彈性勢能最大隻能是ab兩球均靜止時，為 mv0^2/2
如圖所示，在光滑的水平面上，質量為m的小球b連線著輕質彈簧，處於靜止狀態，質量為2m的小球a以初速度v0
6樓：匿名使用者
當a球與彈簧接觸以後，在彈力作用下減速運動，而b球在彈力作用下加速運動，彈簧勢能增加，當a、b速度相同時，彈簧的勢能最大．
設a、b的共同速度為v，彈簧的最大勢能為e，則a、b系統動量守恆，選向右的方向為正，有：
2mv0=（m+2m）v…①
由機械能守恆有：1
2×2mv20
=12（m+2m）v2+ep1…②
聯立以上兩式得：ep1=13mv
20…③b球與擋板碰撞後瞬間的速度大小為v，方向向左．設彈簧再次壓縮到最短時兩球的共同速度為v′，選向右的方向為正，系統動量守恆：2mv-mv=（m+2m）v′…④
由機械能守恆得：1
2×2mv20
=12（m+2m）v′2+ep2…⑤
聯立得：ep2=13mv
20…⑥故ep1：ep2=1：1．
答：彈性勢能的比為ep1：ep2=1：1．
如圖所示，用細線懸掛一質量為m的小球，使細線保持豎直，並使小球與光滑斜面接觸，小球處於靜止狀態，則
7樓：窩窩遊希丶戄麆
以小球為研究物件，分析小球受力情況：重力、細線向上的拉力兩個力作用．由於細線保持豎直，細線的拉力豎直向上，斜面對小球沒有支援力，假設斜面對小球有支援力，方向必定是垂直於斜面向上，小球重力、細線的拉力和支援力，根據平行四邊定則可知，三個力合力一定不為零，小球將運動起來，與題中小球的狀態矛盾．所以斜面對小球沒有支援力．所以小球只受重力和細線的拉力．
故答案為：兩，重力和細線的彈力．
如圖所示，兩個質量都是m的小球a、b用輕杆連線後斜放在牆上處於平衡狀態．已知牆面光滑，水平地面粗糙．
8樓：匿名使用者
對整體進行受力分
析，豎直方向只總2mg和地面對b的支援力n，則知n=2mg，移動兩球后，仍然內
平衡，則容n仍然等於2mg，所以n不變．
再隔離對a進行受力分析，輕杆對a的作用力等於輕杆上受到的壓力，設輕杆對a球的作用力f與豎直方向的夾角為θ，則得：
fcosθ=mg，得f=mg
cosθ
，當a球向上移動一小段距離，夾角θ減小，cosθ變大，所以f減小．根據牛頓第三定律得知：t=f，故t減小，故ab正確，c、d錯誤．
故選：ab．
如圖所示，光滑水平面上，質量為2m的小球b連線著輕質彈簧、處於靜止狀態；質量為m的小球a以速度v 0 向右
9樓：影
（1）當a球與彈簧接觸以後，在彈力作用下減速運動，而b球在彈力作用下加速運動，彈簧勢能增加，當a、b速度相同時，彈簧的勢能最大．
設a、b的共同速度為v，彈簧的最大勢能為e，則a、b系統動量守恆：mv0 =（m+2m）v①
由機械能守恆：1 2
mv20
=1 2
（m+2m）v2 +e…②
聯立兩式得：e=1 3
mv20
…③（2）設b球與擋板碰撞前瞬間的速度為vb ，此時a的速度為va ．系統動量守恆：mv0 =mva +2mvb …④b與擋板碰後，以vb 向左運動，壓縮彈簧，當a、b速度相同（設為v共 ）時，彈簧勢能最大，為em ，
則：mva -2mvb =3mv共 …⑤1 2mv20
═1 2
×3mv2共
+em…⑥
由④⑤兩式得：v共 =v
0 -4vb
3代入⑥式，化簡得：em =8m 3
[-（vb -v0
4）2 +3v20
16]…⑦
而當彈簧恢復原長時相碰，vb 有最大值vbm ，則：
mv0 =mva ′+2mvbm1 2
mv02 =1 2
mva ′2 +1 2
×2mvbm
2聯立以上兩式得：vbm =2 3
v0 即vb 的取值範圍為：0＜vb ≤2 3v0 …⑧
結合⑦式可得：當vb =v0
4時，em 有最大值為：1 2
mv20
…⑨當vb =2 3
v0 時，em 有最小值為：1
27mv20
答：（1）當彈簧被壓縮到最短時，彈簧的彈性勢能是1 3mv20
．（2）此後彈簧的彈性勢能最大值的範圍為[127
mv20
，1 2
mv20]．
如圖所示,質量為m的小車放在光滑的水平面上
10樓：匿名使用者
首先對左邊受力分析，對該系統：f1=(m+m)a。對小球，拉力t的豎直分力tcosα=mg，水平方向：
f1-tsinα=ma，即tsinα=ma，tanα=ma/mg。a=mgtanα/m
對右面：f2=(m+m)a'。對小球：t'cosα=mg，t』sinα=ma'，tanα=a'/g
所以a 由tcosα=mg知道t=t』 11樓：落崖驚花 解：對圖一圖二中的整體，由牛第二定律，有,f1=(m+m)a f2=(m+m)a 故f1=f2 設圖一圖二繩中拉力分別為t1和t2，對圖一圖二中的球，由牛頓第二定律，有 t1cosα=mg t2cosα'=mg f1-t1sinα=ma f2-t2sinα'=ma 再由m>m 故α'>α (新畢業高三黨，有疑問物理的問題可以和你一起討論，都是過來人，懂你們的！） 12樓：匿名使用者 應用整體法和隔離法！ 設杆豎直時兩球的角速度為w 取輕杆水平時為零高度，由系統機械能守恆 0 mgl2 mgl1 1 2mw 2l1 2 1 2mw 2l2 2 w 2g l1 l2 l1 l2 1 2杆豎直時兩球的角速度為 2g l1 l2 l1 2 l2 2 1 2 如圖所示，質量均為m的a b兩球固定在輕杆的兩端，... 解 1 球 a到b過程，動能定理 mgr uabq 0，解得uab mgr q 2 由上問可知 uab a b 0，故 a b，即電場線水平向右 uab er，解得e mg q 3 電場強度沿ab連線方向由b指向a時，沿電場線方向的距離最大，因此e最小，此時 uab emind，d 2r，代入解得 ... 愛潔哥 因為杆是 輕 的 不計其質量 且杆兩端是鉸鏈或光滑滑輪，所以輕杆在o點處的作用力方向必沿杆 即杆會平分兩側繩子間的夾角 開始時，ao繩子水平，由於各段繩子的拉力大小與物體重力大小相等，所以可知此時杆與豎直方向的夾角是45 這時杆中的彈力大小等於滑輪兩側繩子拉力的合力 當將a點沿豎直牆向上緩慢...如圖所示輕杆兩端各系一質量均為m的小球A,B,輕杆可繞o的光滑水平軸在豎直平面內
如圖所示，半徑為R的光滑 絕緣的圓環豎直固定放置
如圖所示，長1米的輕杆BO一端通過光滑鉸鏈鉸在豎直牆上，另一端裝一輕小光滑滑輪，重力10N的物體通過擺線