(2019 成都三模)如圖,已知正方體ABCD A1B1C

時間 2021-05-06 04:30:18

1樓:炎兒

24?2=22,

∴四稜錐n-bb1d1d的體積為13?

2?2?22

=23.

(2014?江西二模)如圖,已知正方體abcd-a1b1c1d1的稜長為1,動點p在此正方體的表面上運動,且pa=x(0<x

2樓:生愁

p的軌跡為以a為球心,pa為半徑的球面與正方體的交線.當0<r≤1時,f(r)=3×1

4×2πx=3π2x,

此時由一次函式的單調性和圖象可知軌跡為直線,排查c,d,當r∈(1,

2]時,軌跡長度由減小到增加,之後逐漸減小,故選b.

(2012?寶山區一模)如圖,已知正方體abcd-a1b1c1d1 的稜長為2,e,f分別是bb1,cd的中點.(1)求三稜錐

3樓:jh是神

∴三角形aa1e的面積s△aa1e=1

2s正方形a1b1ba=1

2×22=2

又∵cd∥ab,cd?平面a1b1ba,ab?平面a1b1ba,∴cd∥平面a1b1ba,

∵正方體abcd-a1b1c1d1 中,bc⊥平面a1b1ba,∴bc即為直線cd到平面a1b1ba的距離,即f到平面a1b1ba的距離為2,

∴三稜錐e-aa1f的體積為v=1

3×s△aa1e×2=4

3…(6分)

(2)連線ec,因為ab∥cd,所以∠efc(或其補角)即為異面直線ef與ab所成角,…(9分)

∵cf⊥平面c1b1cb,ec?平面c1b1cb,∴cf⊥ce

在rt△ebc中,ec=

bc+eb=5

,∵rt△ebc中,fc=1

2cd=1,…(10分)

∴tan∠efc=ecfc=

5,可得∠efc=arctan

5…(13分)

即異面直線ef與ab所成角的大小是arctan5.…(14分)

(2014?北京二模)在如圖所示的稜長為2的正方體abcd-a1b1c1d1中,作與平面acd1平行的截面,則截得的三角

已知正方體abcd-a1b1c1d1的稜長為2,若一個平面與正方體abcd-a1b1c1d1的12條稜所成的角都為α,則sinα=_

4樓:不雯君

33,∴sinα=233

2=33

故答案為:33.

(2014?廈門二模)如圖,稜長為1的正方體abcd-a1b1c1d1中,p為線段a1b上的動點,則下列結論錯誤的是(

5樓:手機使用者

∵a1d1⊥dc1,a1b⊥dc1,∴dc1⊥面a1bcd1,d1p?面a1bcd1,∴dc1⊥d1p,a正確

∵平面d1a1p即為平面d1a1bc,平面a1ap 即為平面a1abb1,切d1a1⊥平面a1abb1,

∴平面d1a1bc,⊥平面a1abb1,∴平面d1a1p⊥平面a1ap,∴b正確;

當0<a1p<22

時,∠apd1為鈍角,∴c錯;

將面aa1b與面a1bcd1沿a1b展成平面圖形,線段ad1即為ap+pd1的最小值,

在△aa1d1中,利用餘弦定理解三角形得ad1=2+2

,∴d正確.

故選:c

已知正方體abcd-a1b1c1d1的稜長為2,p是aa1的中點,e是bb1上的點,則pe+ec的最小值是______

6樓:東方裕

若pe+ec取最小值,則p,e,c三點共線,∴pe+ec的最小值為pc,

∵正方體abcd-a1b1c1d1的稜長為2,p是aa1的中點,∴|pc|=+=

17.故答案為:17.

如圖所示,已知正方體abcd-a1b1c1d1的稜長為a,e,f分別是bc,a1d1的中點.(1)求證:四邊形b1edf為菱形

(2014?江西二模)如圖,稜長為1的正方體abcd-a1b1c1d1,o為其中心,m是線段dc1上的動點,設dm在稜dc上的

7樓:愛你

解:由題意,以d為原點,da,dc,dd1所在直線為x、y、z軸建立空間直角座標系,

由已知得o(12,1

2,12),又因為dm在稜dc上的投影為x,所以設m(0,x,x),所以mo=(12,1

2?x,1

2?x),

則點m到點o的距離為d=|

mo|=(12

)+2(x?12)

=2(x?12)

+14,(0<x<1),

因為二次函式y=2(x?12)

+14在(0,1

2)遞減,在(1

2,1)遞增.且恆大於0,四個選項中只有a項滿足.故選:a.

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